Imamo potencial V(x) v obliki:
(1)
a)
Izraunaj
energijo vezanega stanja in valovno funkcijo ψ(x)!
e
je potencial na nekem podro
ju
konstanten, potem smo
e
pokazali, da je re
itev
za ψ(x)
v obliki:
(2)
Pri naem
primeru imamo dva taka odseka, zato za vsakega posebej nastavimo re
itev:
(4)
Imamo tiri
robne pogoje, s katerimi dolo
imo
konstante. Prva dva sta dolo
ena
s tem, da se delec seveda ne more nahajat tam, kjer je potencial neskon
en.
(5)
(6)
Druga dva sta doloena
na meji med potencialoma. Dolo
ena
sta s tem, da morata biti funkcija in njen odvod zvezna.
(7)
(8)
Ko ustavimo reitvi
v prva robna pogoja, se znebimo B in D.
To uporabimo e
pri ostalih dveh robnih pogojih.
Za etrti
robni pogoj moramo izra
unat
e
odvode.
Odvoda sta zaradi etrtega
robnega pogoja enaka, zato dobimo iz vseh
tirih
robnih pogojev dve ena
bi.
Ti enabi
lahko napi
emo
v matri
ni
obliki.
Ta sistem je reljiv
natanko takrat, ko velja:
(10)
e
je energija manj
a
od potenciala, potem je q imaginaren, zato definiramo Q.
Zgornji izraz seveda dobi podobno obliko kot prej.
(12)
Lahko uporabimo e
naslednji zvezi za realni zapis:
Iz tega seveda sledi naslednja enaba.
Preostane nam e
samo to, da zapi
emo
ψ2(x).
(14)
b)
Izraunaj
energijo za poseben primer, ko velja
in
!
Izkae
se, da je uporabno vpeljati novo koli
ino
, (15)
ker potem lahko zapiemo
Q kot
.
e
pogledamo
e
izraza (3)
in (11),
ki povezujeta energijo s k in Q, potem pridemo do naslednjih povezav
(16)
e
razmislimo o tem, da je energija E veliko manj
a
od potenciala na desni strani jame, potem pridemo do ugotovitve, da je zelo
majhna verjetnost, da se delec dejansko nahaja na tej strani jame. To pomeni,
da imamo na levi strani "skoraj neskon
no
potencialno jamo" in temu primerne na
ine
nihanja. V neskon
ni
potencialni jami velja, da je
,
zato moramo tudi za na
primer vzeti "podoben" nastavek
. (17)
Tukaj smo e
dodali majhen popravek ε, ki pomeni samo to, da na robu pri
valovna funkcija ni 0, ampak je nekaj
majhnega in potem eksponentno pade na 0 pri
.
S tem nastavkom in prej
njimi
pribli
ki
se zdaj lahko lotimo ena
be
(13).
Zdaj lahko definiram e
, (19)
za katerega seveda velja in s katerim zdaj iz ena
be
(17)
in (18)
izrazim
Iz enabe
(3)
lahko izrazimo energijo kot
(20)
(21)
Tako smo dobili priakovan
rezultat, da je energija malo manj
a,
ker ima delec na voljo ve
prostora. Popravek se pa seveda zmanj
a,
e
pove
amo
potencial na desni strani na
e
jame, ker je
.
c)
Izraunaj
e
verjetnost, da se delec nahaja na desni polovici jame!
Iz istih argumentov kot prej lahko sklepamo, da je
verjetnost, da se delec nahaja na levi strani potenciala skoraj 1 in, zato
lahko iz tega izraunamo
A. Ko bomo imeli A, potem lahko iz ena
be
(9)
dobimo
e
koeficient C in izra
unamo
ustrezno verjetnost, da se delec nahaja na desni polovici jame. Najprej torej
zapi
emo
prvo valovno funkcijo in izra
unamo
A.
Kot sem
e
prej omenil, je verjetnost skoraj 1, da bo na
delec na levi polovici jame, zato lahko vrednost zgornjega integrala postavimo
na 1 in dobimo izraz za A.
(22)
Tukaj vidimo, da lahko za dovolj majhen α dobimo A enak tistemu za neskonno
potencialno jamo s
irino
a. To nas pa seveda ne presene
a,
ker smo to tudi iskali. Iz ena
be
(9)
lahko zdaj izrazimo C.
Tukaj sem predpostavil, da je tudi argument ,
saj gledamo samo tista stanja, kjer je energija dosti manj
a
od potenciala, torej n ne sme biti prevelik.
(23)
Od teh treh lenov
dale
najve
prinese samo prvi
len,
tako da zanj dejansko izra
unamo
integral.
(24)